diff --git a/skripta.pdf b/skripta.pdf index c1d4d8b..f4bbf4e 100644 Binary files a/skripta.pdf and b/skripta.pdf differ diff --git a/ukazkove-pisemky.tex b/ukazkove-pisemky.tex index 4f619b6..0d3f41f 100644 --- a/ukazkove-pisemky.tex +++ b/ukazkove-pisemky.tex @@ -5,11 +5,13 @@ V šesti urnách máme v každé 10 míčků. V jedné urně je osm černých, ve dvou urnách je po pěti černých a ve třech urnách je po $k$ černých. Zbylé míčky jsou bílé. \begin{enumerate}[(a)] \item Nechť $k = 3$. Z náhodně vybrané urny jsem s vracením vytáhli dva míčky, oba bílé. S jakou pravděpodobností bylo v urně pět černých míčků? \\ - \textit{Chceme spočítat, s jakou pravděpodobností náhodně vybraná urna je ta s pěti černými míčky. Takové urny jsou dvě, proto hledaná pravděpodobnost je $\frac{2}{6} = \frac{1}{3}$.} + \textit{Nechť $V_i$ je událost, že byla vybrána urna s $i$ bílými míčky, $H$ je událost, že oba vytažené míčky jsou bílé. Z Bayesovy věty (Věta \ref{thm-bayes}) máme, že $P(V_5|H) = P(H|V_5)\frac{P(V_5)}{P(H)}$. Dále máme, že $P(H|V_5) = \left(\frac{1}{2}\right)^2 = \frac{1}{4}$ a $P(V_5) = \frac{2}{6} = \frac{1}{3}$. Nakonec spočteme + $$ P(H) = \sum_i P(H|V_i)P(V_i) = \frac{1}{6}\cdot\left(\frac{1}{5}\right)^2 + \frac{2}{6} \cdot\left(\frac{1}{2}\right)^2 + \frac{3}{6}\cdot\left(\frac{7}{10}\right)^2 = \frac{67}{200}.$$ + Dosazením do výše uvedeného vzorce dostáváme $P(V_5|H) = \frac{1}{4}\cdot\frac{1}{3}\cdot\frac{200}{67} = \frac{50}{201}$.} \item Kolik musí být $k$, aby pravděpodobnost vytažení černého míčku z náhodně vybrané urny byla $\frac{1}{2}$. \\ \textit{Využijeme větu o úplné pravděpodobnosti (Věta \ref{thm-complete-probability}). Nechť $B, W$ jsou jevy, že jsme vytáhli černý/bílý míček a $A_i$ reprezentuje jev, že byla vybrána $i$-tá urna. Platí $$ \frac{1}{2} = P[B] = \sum_{i = 1}^n P[B | A_i] P[A_i] = \underbrace{P[B | A_1]A_1}_{\frac{8}{10}\cdot\frac{1}{6} = \frac{2}{15}} + \underbrace{2 \cdot P[B | A_2]A_2}_{2\cdot\frac{5}{10}\cdot\frac{1}{6} = \frac{1}{6}} + $$ - $$ \underbrace{3 \cdot P[B | A_2] P[A_2]}_{3\cdot \frac{k}{10}\frac{1}{6} = \frac{k}{20}} = \frac{2}{15} + \frac{1}{6} + \frac{k}{20} = \frac{6 + k}{20}. $$ + $$ \underbrace{3 \cdot P[B | A_4] P[A_4]}_{3\cdot \frac{k}{10}\frac{1}{6} = \frac{k}{20}} = \frac{2}{15} + \frac{1}{6} + \frac{k}{20} = \frac{6 + k}{20}. $$ Vyřešením této lineární rovnice dostáváme, že $k =4$.} \item Nechť $k = 2$. Náhodně vybereme jednu urnu, kterou vynecháme, ze zbylých náhodně vytáhneme po jednom míčku. Jaká je pravděpodobnost, že všechny vytažené míčky jsou bílé? \\ \textit{Nechť $V_i$ je událost, že byla vyřazena $i$-tá urna. Potom nechť $W_i$ je událost, že byl vytažen bílý míček z $i$-té urny. Jevy $W_i$ jsou navzájem nezávislé a zároveň jsou nezávislé jevy $W_j$ a $V_i$ pro $i \neq j$. Označme hledanou pravděpodobnost $P$, můžeme psát @@ -65,3 +67,78 @@ jelikož zjevně ani jeden z činitelů na pravé straně není nulový.} \end{enumerate} \end{example} + +\section{Ukázková zápočtová písemka -- Varianta B} + +\begin{example} + Máme šest truhel a v každé z nich je jedna stříbrná mince. Do jedné truhly vložíme tři zlaté mince, do dvou truhel dvě zlaté mince a do zbylých tří truhel po jedné zlaté minci (dohromady jsme tak dodali deset zlatých mincí). + \begin{enumerate}[(a)] + \item Z náhodně vybrané truhly dvakrát táhneme s vracením. Jaká je pravděpodobnost, že vytáhneme jednu zlatou a jednu stříbrnou minci.\\ + \textit{Nechť $H$ je událost, že jsme vytáhli jednu zlatou a jednu stříbrnou minci z dané truhly a $V_i$ jsou události, že jsme náhodně vybrali $i$-tou truhlu. Potom $P(H) = 2\frac{p-1}{p}\cdot\frac{1}{p}$ ($p$ je počet mincí v dané truhle, chceme jednu zlatou a jednu stříbrnou a nezáleží na pořadí) a $P(V_i) = \frac{1}{6}$. Potom ze zákona úplné pravděpodobnosti dostáváme + $$P(H) = \sum_{i =1}^6 P(V_i)P(H|V_i) = \frac{1}{6}\cdot2\cdot\frac{1}{4}\cdot\frac{3}{4} + \frac{2}{6}\cdot2\cdot\frac{1}{3}\cdot\frac{2}{3} + \frac{3}{6}\cdot2\cdot\frac{1}{2}\cdot\frac{1}{2} = $$ + $$ \frac{1}{16} + \frac{4}{27} + \frac{1}{4} = \frac{199}{432}.$$} + \item Z náhodně vybrané truhly jsme dvakrát táhli s vracením a vytáhli jednu zlato a jednu stříbrnou mincí (bez ohledu na pořadí). S jakou pravděpodobností to byla truhla s alespoň dvěma zlatými mincemi?\\ + \textit{Z Bayesovy věty (Věta \ref{thm-bayes}) máme (použijeme stejnou notaci jako v předchozím příkladu) $P(V_i | H) = P(H | V_i) \frac{P(V_i)}{P(H)}$. Chceme spočítat + $$\sum_{i=1}^3 P(V_i|H) = \sum_{i=1}^3 P(H | V_i) \frac{P(V_i)}{P(H)} = \frac{1}{P(H)} (P(H | V_1) P(V_1) + $$ + $$ 2 P(H | V_2) P(V_2)) = \frac{432}{199} \left(2\cdot\frac{1}{4}\cdot\frac{3}{4}\cdot\frac{1}{6} + 2\cdot2\cdot\frac{1}{3}\cdot\frac{2}{3}\cdot\frac{1}{6}\right) = \frac{91}{199}.$$} + \item Náhodně vybereme tři truhly a z každé náhodně vytáhneme po jedné minci. S jakou pravděpodobností bude alespoň jedna z nich zlatá?\\ + \textit{Spočteme nejdříve pravděpodobnost opačného jevu, tedy události, že budou vytaženy tři stříbrné mince. Označme $V_{(i,j,k)}$ pravděpodobnost, že bylo náhodně zvoleno $i$ truhel se třemi zlatými mincemi, $j$ truhel se dvěma a $k$ truhel s jednou zlatou mincí a $S$ jev, že byly vytaženy $3$ stříbrné mince. Potom + $$P(S) = \sum_{i,j,k} P(V_{(i,j,k)}) \frac{1}{4^i}\cdot\frac{1}{3^j}\cdot\frac{1}{2^k}.$$ + Možné hodnoty $i, j, k$ a příslušné pravděpodobnosti $P(V_{(i, j, k)})$ zapíšeme do tabulky. + \begin{center}\begin{tabular}{ccc|c|c} + $i$ & $j$ & $k$ & $P(V_{(i, j, k)})$ & sčítanec v $P(S)$ \\ + \hline + $1$ & $2$ & $0$ & $1/20$ & $1/720$ \\ + $1$ & $1$ & $1$ & $6/20$ & $1/80$ \\ + $1$ & $0$ & $2$ & $3/20$ & $3/320$ \\ + $0$ & $0$ & $3$ & $1/20$ & $1/160$ \\ + $0$ & $2$ & $1$ & $3/20$ & $1/120$ \\ + $0$ & $1$ & $2$ & $6/20$ & $1/40$ \\ + \end{tabular}\end{center} + Potom $P(S) = \frac{181}{2880}$ a tedy hledaná pravděpodobnost vytažení alespoň jedné zlaté mince je $P(S^C) = 1 - P(S) = \frac{2699}{2880}$.} + \end{enumerate} +\end{example} + +\begin{example} + Náhodná veličina $X$ má spojité rozdělení s hustotou + $$ f(x) = \begin{cases}2e^{-2x}, x \geq 0;\\0, \text{jinak}.\end{cases} $$ + Definujme $U := \floor{X}$ a $V := X - \floor{X}$ (tedy spodní celá část a frakcionální část $X$). + \begin{enumerate}[(a)] + \item Určete rozdělení náhodné veličiny $U$.\\ + \textit{Jedná se o diskrétní náhodnou veličinu s pravděpodobnostní funkci + $$P[U = u] = \int_u^{u + 1} f(x) dx = \left[-e^{-2x}\right]^{u + 1}_u = e^{-2u}(1 - e^{-2})$$ + pro $u \geq 0$.} + \item Určete rozdělení náhodné veličiny $V$.\\ + \textit{Tentokrát máme spojitou náhodnou veličinu, spočteme její distribuční funkci. Nechť $v \in (0, 1)$, potom + $$ F_V(v) = P[V \leq v] = \sum_{u = 0}^\infty \int_0^v f(u + t) dt = \sum_{u = 0}^\infty \int_0^v 2e^{-2u}e^{-2t}dt = $$ + $$ \sum_{u = 0}^\infty e^{-2u} (1 - e^{-2v}) = \frac{1 - e^{-2v}}{1 - e^{-2}}. $$ } + Pro $v \leq 0$ máme $F_V(v) = 0$, pro $v \geq 1$ máme $F_V(v) = 1$. + \item Spočtěte $\E (Xe^{-X} - 1)$. \\ + \textit{S využitím pravidla líného statistika (Věta \ref{thm-lazy-statistician}) dostáváme (transformace $t(x) = xe^{-x} - 1$) + $$ \E t(X) = \int_0^\infty t(x) f(x) dx = \int_0^\infty (xe^{-x} - 1)2e^{-2x}dx = \frac{2}{9} - 1 = -\frac{7}{9}. $$ + } + \end{enumerate} +\end{example} + +\begin{example} + Náhodný vektor $(X, Y)^T$ má spojité rozdělení s hustotou + $$f(x, y) = \begin{cases}2x, 0 < x < 1, -x^2 < y < x^2;\\0,\text{jinak}.\end{cases}$$ + \begin{enumerate}[(a)] + \item Určete $P(0 < 2Y < X^2)$.\\ + \textit{Počítáme obsah útvaru mezi osou $x$ a křivkou $y = \frac{1}{2}x^2$ s hustotou $f(x, y)$. Tedy máme integrál + $$ \int_0^1 \int_0^{\frac{1}{2}x^2} 2x dy dx = \int_0^1 x^3 dx = \frac{1}{4}. $$} + \item Určete marginální rozdělení a střední hodnotu veličiny $X$.\\ + \textit{Hustotu $f_X$ získáme zintegrování hustoty $f(x, y)$ pro všechny možné hodnoty $y$, tedy + $$ f_X(x) = \int_{-x^2}^{x^2} 2x dy = 4x^3. $$ + Dále platí + $$ \E X = \int_0^1 x f_X(x) dx = \int_0^1 4x^4 dx = \frac{4}{5}. $$} + \item Spočtěte kovarianci veličin $X$ a $W$, kde $W = X^2Y$.\\ + \textit{Platí, že $\Cov(X, X^2Y) = E[X^3Y] - E[X]E[X^2Y]$, tedy potřebujeme dopočítat chybějící střední hodnoty + $$ E[X^3Y] = \int_0^1 \int_{-x^2}^{x^2} x^3 y \cdot 2x dy dx = 0;$$ + $$ E[X^2Y] = \int_0^1 \int_{-x^2}^{x^2} x^2 y \cdot 2x dy dx = 0,$$ + (v obou případech je integrand lichý v proměnné $y$, a tedy integrál přes interval $[-a, a]$ je roven nule). + Vychází $\Cov(X, X^2Y) = 0 - 0 = 0$.} + \item Rozhodněte, zda jsou veličiny $X$ a $Y$ nezávislé a své rozhodnutí zdůvodněte.\\ + \textit{Veličiny $X$ a $Y$ nejsou nezávislé, neboť $P[0 < X < \frac{1}{2}, Y > \frac{1}{4}] = 0 \neq P[0 < X < \frac{1}{2}]P[Y > \frac{1}{4}]$ (součin zřejmě nenulových hodnot).} + \end{enumerate} +\end{example}